巴中中考物理试卷答案解析及word文字版下载（难度系数点评）

2017年巴中中考物理试卷答案解析及word文字版下载（难度系数点评）

一、单项选择题（本题共18个小题，每小题2分，共36分）
1．（2分）（2016•巴中）下列说法中，与实际相符合的是（　　）
　A．人的正常体温是45℃
　B．一位中学生的体重约为20N
　C．使用验电笔时手不能接触笔尖金属体
　D．现在你坐的课桌的高度约为2m

考点：重力大小的估测；温度；长度的估测；测电笔的使用．.
专题：估算综合应用题．
分析：首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．
解答：解：A、人的正常体温在36.5℃左右，故A错误；
B、中学生的质量一般在100斤即50kg左右，根据重力与质量的关系可得重力G=mg=50kg×10N/kg=500N；故B错误；
C、使用验电笔时，手不能接触笔尖金属，否则，会发生触电事故；故C正确；
D、课桌的高度约在70cm左右，故D错误；
故选C．
点评：此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可．
　
2．（2分）（2016•巴中）关于声音，下列说法正确的是（　　）
　A．中考期间考场附近禁止鸣笛，是在声源处来控制噪声的
　B．声音不是由物体振动产生的
　C．“公共场所不要大声说话”是要求人们说话的音调要低
　D．声音在空气中传播的速度比在液体中快

考点：防治噪声的途径；声音的产生；声音在不同介质中的传播速度；响度．.
专题：声现象．
分析：（1）防治噪声可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治；
（2）声音是由物体的振动产生的；
（3）声音的特性包括音调、响度和音色，根据对三个特性的理解做出判断；
（4）声音在不同介质中的传播速度不同，在固体中最快，液体中次之，空气中最慢．
解答：解：A、中考期间考场附近禁止鸣笛，是在声源处来控制噪声的，故A正确；
B、一切声音是由物体的振动产生的，故B错误；
C、“公共场所不要大声说话”是要求人们说话的响度要小，而不是音调要低，故C错误；
D、声音在不同介质中的传播速度不同，在空气中传播的速度比在液体中慢，故D错误．
故选A．
点评：本题考查了防治噪声的途径、声音的产生、音调响度的辨别、声速等，属声学综合题，难度不大．
　
3．（2分）（2016•巴中）下列光现象与对应的物理知识相符合的是（　　）
　A．平面镜成像?光的折射B．小孔成像?光的直线传播
　C．水中的“白云”?光的色散D．凸透镜成像?光的反射

考点：光的反射；光在均匀介质中直线传播；光的折射现象及其应用．.
专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．
分析：要解决此题，需要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的．
要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射．
要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的．
解答：解：A、平面镜成像，是由于光的反射形成的，故与题意不符．
B、小孔成像说明光是沿直线传播的，符合题意；
C、水中的“白云”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故与题意不符．
D、凸透镜成像，是由于光的折射形成的．故与题意不符．
故选B．
点评：光的直线传播形成的现象包括：小孔成像，影子的形成，日、月食的形成等；光遇到物体表面会发生反射：平面镜成像就是光的反射形成的；光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折：钢笔错位、筷子变折、海市蜃楼，凸透镜成像等都属于光的折射现象．
　
4．（2分）（2016•巴中）深秋的大巴山常常出现“缥缈的雾，晶莹的露，轻柔的雪，凝重的霜”这种现象，你对所描述的物理现象理解正确的是（　　）
　A．“缥缈的雾”是升华现象B．“晶莹的露”是熔化现象
　C．“轻柔的雪”是凝固现象D．“凝重的霜”是凝华现象

考点：液化及液化现象；生活中的凝华现象．.
专题：应用题；汽化和液化、升华和凝华．
分析：物质从固态变为液态的过程称熔化，物质由液态变为固态的过程是凝固；物体由气态变为液态的现象叫液化，物体由液态变为其态的现象叫汽化；由气态变为固态的现象叫凝华，由气态直接变为固态叫升华．
解答：解：
AB、雾、露是液态的，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，气态变为液态的现象叫液化，故AB错误；
CD、霜、雪是固态的，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，气态变为固态的现象叫凝华，故C错误，D正确．
故选：D．
点评：此题考查的是自然现象中雾、露、霜、雪的形成过程；
雾、露、霜、雪都是由物态变化形成的，判断物态变化主要看物体是由什么状态变为了什么状态．
　
5．（2分）（2016•巴中）下列关于内能、热量、温度说法正确的是（　　）
　A．物体温度越低，所含的热量越多
　B．物体吸收热量，它的温度一定会升高
　C．物体温度升高，它的内能一定增加
　D．物体内能减少，它一定放出热量

考点：温度、热量与内能的关系．.
专题：分子热运动、内能．
分析：（1）物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的．
（2）改变物体内能的方式有做功和热传递两种方式，二者是等效的．
解答：解：A、描述热量的术语只能用“吸收”或“放出”，不能用“含有”故A错误；
B、物体吸收热量，它的温度可能会升高，也可能不变，例如：晶体熔化过程中，吸收热量，但温度不变，故B错误；
C、物体温度变化其内能一定变化，物体温度升高，它的内能一定增加，故C正确；
D、物体的内能减少，可能是放出热量，还有可能是对外做功，故D错误．
故选C．
点评：本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件及改变物体内能方法的理解，是中招的热点，热学的难点．
　
6．（2分）（2016•巴中）汽油机吸气冲程吸入气缸内的物质是（　　）
　A．柴油B．汽油和空气C．汽油D．空气

考点：内燃机的四个冲程．.
专题：比热容、热机、热值．
分析：在四冲程汽油机的吸气冲程中，吸入的气缸的气体是汽油和空气的混合物；在排气冲程中将产生的高温废气排出．
解答：解：
四冲程汽油机的吸气冲程吸入气缸的气体是汽油和空气的混合物．
故选B．
点评：此题主要考查学生对对内燃机四个冲程的理解．
　
7．（2分）（2016•巴中）汽车在平直的公路上做匀速直线运动，下列彼此平衡的两个力是（　　）
　A．汽车所受的重力和汽车对地面的压力
　B．汽车所受的摩擦力和地面对汽车的支持力
　C．汽车所受的重力和汽车的牵引力
　D．汽车所受的重力和地面对汽车的支持力

考点：平衡力的辨别．.
专题：运动和力．
分析：静止或匀速直线运动的物体受到的一定是平衡力，而一对平衡力必须符合四个条件，即作用在同一物体上、作用在一条直线上、大小相等、方向相反．对照选项中的描述，看是否同时符合以上四个条件，即可做出判断．
解答：解：A、汽车受到的重力受力物体是汽车，汽车对地面的压力受力物体是地面，两个力不作用在同一物体上，因此不是一对平衡力，不合题意；
B、汽车所受到的摩擦力在水平方向上，地面对汽车的支持力是竖直方向，两个力不作用在同一直线上，大小也不能确定，因此不是一对平衡力，不合题意；
C、汽车所受的重力在竖下方向上，汽车的牵引力在水平方向上，两个力不作用在同一直线上，大小也不能确定，因此不是一对平衡力，不合题意；
D、汽车受到的重力和地面对汽车的支持力，符合作用在同一物体上、作用在一条直线上、大小相等、方向相反四个条件，是一对平衡力，符合题意．
故选D．
点评：牢记二力平衡的四个条件，是解决此类问题的关键，同时注意平衡力与一对相互作用力的区别，这是此类问题的易错点．
　
8．（2分）（2016•巴中）有关压强知识的应用，下列说法正确的是（　　）
　A．飞机的机翼能获得升力，是应用了流体中流速越大的地方压强越大的原理
　B．人用吸管吸食饮料是靠液体压强把饮料“压”进了嘴里
　C．大型的载重汽车装有许多车轮是为了减小车对路面的压强
　D．潜水员在水中下潜时穿潜水服，是因为液体压强随液体深度的增加而减小

考点：飞机的升力；减小压强的方法及其应用；液体的压强的特点；大气压的综合应用．.
专题：压强、液体的压强；气体的压强、流体压强与流速的关系．
分析：A、流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，这是使飞机获得升力的原因；
B、吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里；
C、在压力一定时，增大受力面积可以减小压强；
D、液体压强随深度的增加而增大，据此做出解答．
解答：解：A、机的机翼能获得向上的升力，是应用了流速越大流体的压强越小的原理，故A错误；
B、用吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用大气压，故B错误；
C、大型的载重汽车装有许多车轮是为了增大受力面积，减小车对路面的压强，故C正确；
D、液体压强随深度的增加而增大，所以潜水员在水中下潜时要穿潜水服，故D错误．
故选C．
点评：本题是事例都是生活中的常用的现象，利用生活现象考查物理知识，体现物理和生活的密切关系，体现了学以致用的目的．
　
9．（2分）（2016巴中）如图所示，杠杆处于平衡状态，如果在物体A和B下端同时挂一个相同质量的钩码，下列判断正确的是（　　）

　A．杠杆不能平衡，左端下沉B．杠杆不能平衡，右端下沉
　C．杠杆仍能平衡D．无法判断

考点：杠杆的平衡条件．.
专题：简单机械．
分析：判断出挂了钩码后左右两边力和力臂乘积的大小关系，判断出是否平衡及平衡状态的变化．
解答：解：原来杠杆平衡，则GA×L=GB×2L
若在物体A和B下端同时挂一个相同质量的钩码，则左边=（GA+G）×L=GA×L+G×L；
右边=（GB+G）×2L=GB×2L+2G×L，
又GA×L=GB×2L，GL＜2GL，所以：
（GA+G）×L＜（GB+G）×2L，杠杆将向右倾斜，ACD错误，B正确．
故选B．
点评：本题考查了杠杆平衡条件的应用，杠杆是否平衡取决于力和力臂的乘积是否相等，只比较力或力臂大小不能得出正确结果．
　
10．（2分）（2016•巴中）如图所示，一物体在拉力F的作用下沿斜面向上匀速运动，在向上运动的过程中，下列说法正确的是（　　）

　A．物体的动能不变，机械能不变
　B．物体的重力势能增大，机械能增大
　C．物体的重力势能转化为动能
　D．物体的动能转化为重力势能

考点：动能和势能的大小变化；动能和势能的转化与守恒．.
专题：机械能及其转化．
分析：根据下列知识分析判断：
动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大．
重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越大，重力势能越大．
动能和势能统称为机械能．
解答：解：
（1）物体沿斜面向上匀速运动，质量不变，高度增加，重力势能增加；质量不变、速度不变，动能不变；
动能不变、重力势能增大，机械能增大，故A错、B正确；
（2）物体上升过程中，速度不变、动能不变，没有发生重力势能和动能之间的相互转化，故CD都错．
故选B．
点评：本题考查了动能、势能和机械能的大小变化分析，知道动能和重力势能大小的影响因素是解决该题的关键．
　
11．（2分）（2016•巴中）关于磁场，下列说法中正确的是（　　）
　A．磁体周围的磁感线从磁体N极发出，回到磁体S极
　B．磁极间的相互作用不都是通过磁场发生的
　C．磁感线是磁场中真实存在的一些曲线
　D．地磁场的N极在地理北极附近，S极在地理南极附近，与地球两极并不完全重合

考点：磁场；磁感线及其特点；地磁场．.
专题：磁现象、电生磁．
分析：（1）在磁体外部，磁感线从N极出发，回到S极；
（2）磁场的基本性质：对放入其中的磁体产生磁力作用；
（3）根据理想模型方法的思路进行分析，即为了人们可以形象直观的认识磁场，科学家通过想象引入了磁感线；
（4）地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近．
解答：解：
A、磁体外部的磁感线是从N极出发，回到S极的，磁体内部的磁感线是从S极出发，回到磁体N极的，故D正确；
B、磁极间的相互作用是通过磁场而发生的，故B错误；
C、磁感线是科学家为了研究起来形象、直观，是通过想象而描绘出来的，所以不是真实存在的，故C错误；
D、地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近，地磁场的两极与地理的两极相反，且与地球的两极并不完全重合，故D错误．
故选A．
点评：关于磁场要知道磁极间的相互作用是通过磁场产生的，知道磁感线的由来，以及磁感线方向的确定．
　
12．（2分）（2016•巴中）关于信息和能源，下列说法错误的是（　　）
　A．我国的北斗卫星定位系统是利用电磁波来传递信号的
　B．可见光与无线电波在真空中的传播速度相同
　C．目前人类已建立的核电站，利用核聚变发电
　D．可再生能源是未来理想能源的一个重要发展方向

考点：电磁波的传播；核裂变；能源与人类生存和社会发展的关系．.
专题：信息的传递；能源的利用与发展．
分析：A、电磁波是移动通信传递信息的介质；
B、电磁波是一个大家族，无线电波、可见光、红外线、紫外线、微波等都是电磁波．它们在真空中的传播速度与光速是相同的，即都是3×108m/s．
C、核电站是利用核裂变来发电；
D、可再生能源清洁、无污染环境，可以保证不会严重影响环境．
解答：解：A、卫星接收和发送信号要靠电磁波传递，我国的北斗卫星定位系统也是利用电磁波来传递信号的，故A叙述正确；
B、电磁波是一个大家族，无线电波、可见光、红外线、紫外线、微波等都是电磁波．它们在真空中的传播速度与光速是相同的，故B叙述正确；
C、目前人类已建立的核电站，利用核裂变发电，故C叙述错误；
D、可再生能源足够清洁、无污染环境，可以保证不会严重影响环境，是未来理想能源的一个重要发展方向，故D叙述正确．
故选：C．
点评：本题考查电磁波的传播、核裂变及可再生资源，知识点较多，属于基础题．
　
13．（2分）（2016•巴中）如图所示电路中，开关能同时控制两盏灯，若一盏灯的灯丝断了，不影响另一盏灯的工作的电路是（　　）
　A．B．C．D．

考点：电路图及元件符号．.
专题：电流和电路．
分析：由开关能同时控制两盏灯，可知两灯泡并联，开关在干路上，然后对各个电路图逐一分析．
解答：解：A、开关能同时控制两盏灯，两灯并联，若一盏灯的灯丝断了，不影响另一盏灯的工作，故A符合题意；
B、两灯泡串联，互相影响，故B不符合题意；
C、两灯并联，但开关不能同时控制两盏灯，故C不符合题意；
D、两灯泡串联，故D不符合题意．
故选A．
点评：解答此题的关键是需要对题中要求有清楚的认识，重点是开关的控制作用．
　
14．（2分）（2016•巴中）如图所示，电源电压4.0V（保持不变）当开关闭合时，只有一只灯泡在发光，且电压表的示数约为4V，由此可以判断（　　）

　A．灯L1断路B．灯L1被短路C．灯L2被短路D．灯L2断路

考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．.
专题：欧姆定律．
分析：当电路发生断路时，用电器不工作，且电路中电流为零；当电路发生短路时，用电器可能工作，并且电路中有电流；
该电路为串联电路，电压表测量L2两端的电压，根据用电器工作情况以及电压表示数确定电路的具体故障．
解答：解：
A、如果灯L1断路，整个电流断路，灯泡都不能发光，电流表、电压表都没有示数．不符合题意；
B、如果灯L1被短路不能发光；L2有电流通过能够发光，电压表测量电源电压，为4V．符合题意；
C、如果灯L2被短路不能发光；L1能够发光；电压表被短路无示数．不符合题意；
D、如果灯L2断路，整个电路断路，灯泡都不能发光．不符合题意．
故选B．
点评：注意当电路发生断路时，用电器不工作，且电路中电流为零；当电路发生短路时，用电器可能工作，并且电路中有电流；用电压表判断故障，并且电路为断路时，若电压表有读数（电源除外），则为断路之处．
　
15．（2分）（2016巴中）关于

家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（　　）
　A．家庭电路中开关接在火线或零线上都可以
　B．雷雨天，可以在大树下避雨
　C．低于220V的电压对人体都是安全的
　D．发现有人触电时不能直接用手拉开触电者

考点：安全用电原则．.
专题：电与热、生活用电．
分析：控制电灯的开关应安装在火线与灯之间；
雷雨时，不能躲在大树下避雨；不使用收音机、录像机、电视机、且拔出电源插头，拔出电视机天线插头；暂时不使用电话，如一定要用，可用免提功能健；
低于36V的电压对人体都是安全的；
发现有人触电，要立即断开电源再救人或用干燥的木棒使人与带电体脱离；发现用电器着火了，要立即断开电源再想法灭火．
解答：解：A、家庭电路中开关接在火线与用电器之间，故A错误；
B、雷雨天躲在大树下会使得强大的电流经大树流过人体入地引起人身触电，故B错误；
C、低于36V的电压对人体都是安全的，故C错误；
D、发现有人触电应立即切断电源或用干燥的木杆将人与火线分开，故D正确；
故选：D．
点评：本题考查安全用电的常识，为防止因电带来的伤害，以上内容应牢记．
　
16．（2分）（2016•巴中）灯泡L1、L2分别标有“10V、10W”和“9V、5.4W”的字样，若将它们串联使用时，电路两端允许加的最大电压值是（　　）
　A．10VB．9VC．15VD．19V

考点：电功率的计算；欧姆定律的应用．.
专题：欧姆定律；电能和电功率．
分析：已知两灯泡的额定电压和额定功率，先根据公式P=UI求出各自正常工作时的电流，根据欧姆定律求出电阻，如果把它们串联起来，则串联电路的电流只能取两个电流中最小的一个．然后根据电阻的串联和欧姆定律求出电路两端允许加的最大电压．
解答：解：根据P=UI可得，两灯泡的额定电流：
I1===1A，I2===0.6A，
根据欧姆定律可得，两灯泡的电阻：
R1===10Ω，R2===15Ω；
串联电路中各处的电流相等，
两灯泡串联时，电路中的最大电流I=I2=0.6A，
串联电路的总电阻等于各分电阻之和，
电路两端允许加的最大电压U串=I（R1+R2）=0.6A×（10Ω+15Ω）=15V．
故选C．
点评：本题考查了求电源最大电压，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是对于额定电压和额定电流不同的两个灯泡来说，串联时比较额定电流取小的，这是本题的重点．
　
17．（2分）（2016•巴中）如图所示，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器．当开关闭合后，滑片P向左移时，下列说法正确的是（　　）

　A．与的比值不变B．的示数变大
　C．的示数变大D．的示数变小，的示数变大

考点：电路的动态分析．.
专题：电路变化分析综合题．
分析：由电路图可知，电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表测电路电流，电压表测电阻R0两端电压；
当P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，在电源电压不变，由欧姆定律可以判断电流表示数变化情况．
电流表测电路电流，电压表测电阻R0两端电压，由欧姆定律可以判断电压表与电流表示数之比如何变化．
解答：解：
（1）由图可知，R0与R串联，电流表测电路电流，电压表测R0两端电压．
由I=，=R0，R0为定值电阻，所以V与A表的比值不变，故A正确；
（2）当P向左移动时，R连入电路的阻值变大，电路总电阻变大，在电源电压不变，由I=可知电路中电流变小，即电流表示数变小，故C错误；
（3）U0=IR0，电流变小，R0阻值不变，所以U0变小，即电压表示数变小，故B、D错误；
故选A．
点评：本题考查串联电路特点和欧姆定律的应用，分析清楚电路结构，明确电压表与电流表所测的量，熟练应用欧姆定律是正确解题的关键．
　
18．（2分）（2016•巴中）用弹簧测力计竖直挂一铁球，当铁球露出水面体积时，弹簧测力计示数为4N；当铁球浸入水中体积时，弹簧测力计示数为1N，取下该铁球放入水中，铁球静止时受到的浮力是（　　）
　A．18NB．14NC．8ND．10N

考点：浮力大小的计算．.
专题：浮力．
分析：根据G=F浮+F拉列出公式，解出物体的体积，再求出物体重力，和物体全部浸没时受的浮力进行比较得出物体在水中的状态，再求出浮力．
解答：解：当铁球露出水面体积时，则V排1=V，
根据物体受力平衡和阿基米德原理可知：G=F浮1+F拉1=ρ水gV+4N??????????①
当铁球浸入水中体积时，则V排2=V，
根据物体受力平衡和阿基米德原理可知：G=F浮2+F拉2=ρ水gV+1N?????????②
由①②得：ρ水gV=3N，所以ρ水gV=18N，即物体全部浸没在水中时受的浮力为18N；
所以物体重力：
G=F浮1+F拉1=ρ水gV+4N=×18N+4N=10N，
当取下该物体将它放入足量的水中，因为物体全部浸没受的浮力大于其重力，所以物体在水中静止时，处于漂浮状态，浮力F浮′=G=10N．
故选D．
点评：考查的是学生对浮力计算公式的理解和掌握，弄清楚物体在水中的状态是解决此题的关键．
　
二、填空题（每空1分，共20分）
19．（2分）（2016•巴中）课堂上，教室里各个位置的同学都能看到黑板上的字，这因为光在黑板上发生　漫　（选填“漫”或“镜面”）反射的缘故；部分近视同学为看到黑板上的字，他们戴的是近视眼镜，该近视眼镜是　凹　（选填“凸”或“凹”）透镜．

考点：漫反射；近视眼的成因与矫正办法．.
专题：光的传播和反射、平面镜成像；透镜及其应用．
分析：①凹凸不平的表面会把光线向着四面八方反射，这种反射叫做漫反射．
②近视眼的成因是晶状体太厚，折光能力太强，或者眼球在前后方向上太长，因此来自远处一点的光会聚在视网膜前，到达视网膜时已经不是一点而是一个模糊的光斑了．
解答：解：①黑板的表面是比较粗糙的，可以将射来的光线向四面八方反射，是漫反射．这样，教室里不同位置的同学都能看到黑板上的粉笔字．
②近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，应佩戴发散透镜使光线推迟会聚，因凹透镜对光线有发散作用，所以部分近视同学为看到黑板上的字应该配戴凹透镜．
故答案为：漫；凹．
点评：此题考查的是生活中的漫反射现象和凹透镜的发散作用的应用，是一道光学的基础题．
　
20．（2分）（2016•巴中）小明同学骑自行车上学途中，突遇障碍物，采用紧急刹车，他由于　惯性　向前倾；该自行车轮胎上有许多凹凸不平的花纹，是采用增大接触面的粗糙程度的方法来增大　摩擦　．

考点：惯性；增大或减小摩擦的方法．.
专题：运动和力；重力、弹力、摩擦力．
分析：物体具有保持运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都具有惯性；
滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，压力越大、接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，据此分析回答．
解答：解：
紧急刹车后，自行车由于惯性将保持原来的运动状态继续向前运动，所以小明会向前倾；自行车的轮胎上有花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦力，以防止打滑．
故答案为：惯性；摩擦．
点评：本题考查了学生对惯性、增大摩擦方法的了解与掌握，利用所学知识解释身边现象，学了用，有意义！
　
21．（2分）（2016•巴中）质量为300g，体积为500cm3的木块，木块的密度为　0.6×103　kg/m3，放在足够多的水中静止时木块处于　漂浮　（选填“漂浮”“悬浮”或“下沉”）．

考点：密度的计算；物体的浮沉条件及其应用．.
专题：密度及其应用；浮沉的应用．
分析：已知木块的质量和体积，利用密度公式可求密度；
根据物体的浮沉条件判断即可：①ρ物＜ρ液，上浮；②ρ物=ρ液，悬浮；③ρ物＞ρ液，下沉．
解答：解：木块的密度为：
==0.6g/cm3=0.6×103kg/m3；
由计算可知，ρ物＜ρ水，所以，放在足够多的水中静止时木块漂浮．
故答案为：0.6×103；漂浮．
点评：此题考查密度的计算、物体浮沉条件的应用，难度不大，只要掌握物体的浮沉条件，此题即可顺利作答．
　
22．（3分）（2016巴中）天然气的使用，大大改善了我们的生活环境，天然气是　不可　（选填“可”或“不可”）再生能源．在一个标准大气压下，把质量为200kg，温度为20℃的水烧开，水吸收的热量为　1.344×108　J，若天然气燃烧放出的热量只有50%被水吸收，则需要完全燃烧　4.48　m3的天然气．（q天然气=3.0×107J/m3）

考点：热量的计算；热平衡方程的应用．.
专题：计算题；比热容、热机、热值．
分析：（1）能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源．
（2）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温（在一个标准大气压下，水的沸点为100℃），利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量；
（3）由题知，Q吸=50%Q放，再利用燃料完全燃烧放热公式Q放=qV求需要天然气的体积．
解答：解：
（1）不可再生能源泛指人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，天然气是不可再生能源；
（2）水吸收的热量：
Q吸=cm△t
=4.2×103J/（kg•℃）×200kg×（100℃?20℃）
=6.72×107J；
由题知，Q吸=50%Q放，
则Q放===1.344×108J，
由Q放=qV得：
需要天然气的体积V===4.48m3．
故答案为：不可；1.344×108；4.48．
点评：本题考查了学生对能源分类、吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全燃烧放热公式Q放=mV的了解与掌握，虽知识点多，但都属于基础，难度不大．
　
23．（2分）（2016巴中）在寒冬季节，小明同学双手搓后感觉手上发热，这是通过　做功　的方式改变手的内能．这与柴油机工作中　压缩　冲程的能量转化相同．

考点：做功改变物体内能；内燃机的四个冲程．.
专题：分子热运动、内能；比热容、热机、热值．
分析：（1）改变物体内能的方法：热传递、做功．
（2）热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程．压缩冲程是机械能转化为内能．做功冲程是内能转化为机械能．
解答：解：
（1）小明双手对搓后感觉手上发热，是克服摩擦做功，机械能转化为内能；
（2）汽油机的工作过程中，将机械能转化为内能的是压缩冲程．
故答案为：做功；压缩．
点评：掌握改变内能的两种方法；掌握热机的四个冲程，以及压缩和做功冲程的能的转化．
　
24．（2分）（2015•巴中）一台家用电脑处于待机状态下的电功率大约是10W，它表示1s内电流做的功是　10　J．如果这台电脑平均每天的待机时间以10h计算，那么待机的状态下100天消耗的电能是　10　KW•h．

考点：电功率与电能、时间的关系．.
专题：电能和电功率．
分析：已知待机功率及通电时间，由P=可求出电流做的功，然后可求得100天消耗的电能．
解答：解：（1）由P=可得，1s电流做的功W=10W×1s=10J；
（2）电视机平均每天的待机时间以10h计算，
那么在待机状态下100天消耗的电能
由P=可得，W′=Pt′=0.01kW×10h×100=10kW•h；
故答案为：10；10．
点评：本题考查了求电流做的功，是一道基础题；掌握功率的变形公式W=Pt是正确解题的关键．
　
25．（5分）（2016•巴中）两电阻R1=3Ω，R2=6Ω，把它们串联接在电源电压为3V的电路两端，总电阻R总=　9　Ω，R1两端的电压U1=　1　V；当R1与R2并联在原电路两端时，干路电流I总=　1.5　A，R1与R2两端的电压之比U1：U2=　1：1　，R1与R2的电功之比W1：W2=　2：1　．

考点：电阻的串联；欧姆定律的应用；电功的计算．.
专题：电压和电阻；欧姆定律；电能和电功率．
分析：（1）两电阻串联时，根据串联电路的电阻特点计算总电阻，根据分析原理计算R1两端的电压；
（2）两电阻并联时，根据并联电路的特点判断两电阻的电压比，计算出总电阻，从而计算出干路电流，运用电功公式计算功率比．
解答：解：
（1）两电阻串联时，
电路的总电阻：R总=R1+R2=3Ω+6Ω=9Ω；
U1+U2=U=3V，
根据分压原理可知：===，
所以U1=U=×3V=1V；
（2）当R1与R2并联在原电路两端时，
U1=U2=U=3V，
所以：U1：U2=1：1；
根据并联电阻的电阻特点：=+，
即有：=+，解得R=2Ω，
由欧姆定律干路电流：I总===1.5A；
由W=t，
R1与R2的电功之比W1：W2=t：t=R2：R1=6Ω：3Ω=2：1．
故答案为：9；1；1.5；1：1；2：1．
点评：本题考查了串联电路的电阻、电流、电压特点和欧姆定律及电功公式的应用，条件充分，熟练运用公式即可计算出结果．
　
26．（2分）（2016•巴中）如图所示，把带负电荷的橡胶棒靠近悬挂的轻质小球时，发现轻质小球被推开，说明轻质小球带　负　电荷，还说明力可以改变物体的　运动状态　．

考点：电荷间的相互作用规律；力的作用效果．.
专题：电流和电路；运动和力．
分析：把带负电的橡胶棒，用它去靠近用细线悬挂着的轻质小球时，小球被排斥，利用电荷间作用规律可以确定小球的带电情况；
力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变．②力可以改变物体的运动状态．
解答：解：把带负电的橡胶棒靠近轻质小球A时，小球远离橡胶棒被排斥，说明小球与橡胶棒带的是同种电荷，橡胶棒带负电，小球也带负电．
轻质小球在力的作用下被推开，说明力可以改变物体的运动状态．
故答案为：负；运动状态．
点评：本题考查电荷间的相互作用规律及力的作用效果，属于基础题．
　
三、作图、实验探究题（39题每小题4分，其余每空1分，共20分）
27．（4分）（2016•巴中）（1）如图1所示，一束光线在空气和水两种介质的介面上同时发生反射和折射，图中已标出反射光线，请画出折射光线的大致方向和入射光线．
（2）根据图2中小磁针静止时的指向，请在图中标出螺线管的S极和电源的正极．

考点：作光的反射光路图；作光的折射光路图；通电螺线管的极性和电流方向的判断．.
专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散；电动机、磁生电．
分析：（1）根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线；
根据光由空气斜射进入水中折射光线向法线偏折，折射角小于入射角作出折射光线．
（2）由小磁针的指向可得电磁铁极性方向，由安培定则可得电流方向．
解答：解：（1）首先作出法线，然后在空气中法线的左侧，根据反射角等于入射角作出入射光线；
再根据折射角小于入射角；在水中法线的另一侧作出折射光线，如图所示：
（2）小磁针N极向右，则得螺线管左侧为S极，右侧为N极，由安培定则得电流由右侧流入螺线管，即电源左侧为正极，右侧为正极．如图所示：

点评：（1）在两种透明介质的界面上，折射和反射一般是同时发生的，反射光线与入射光线在同种介质中，折射光线和入射光线在不同种介质中．
（2）安培定则内容：右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向为电磁铁N极．
　
28．（3分）（2016•巴中）如图所示是“探究不同物质吸热能力”的实验，将质量相等的煤油和水分别装在两个相同的烧杯中，并测出煤油和水的初温，然后用两个相同的酒精灯加热，每隔2min记录一次温度．实验记录如下表所示：
加热时间/min02468
温度/℃煤油205ykj.com25[来源:学&科&网Z&X&X&K]xkb12934www.xkb1.com38
水2022242628
（1）实验中选用相同的酒精灯加热，可以认为相同时间内水和煤油　吸收的热量　相同．
（2）由记录表可知，对于质量相等的煤油和水：吸收相等热量，升温较快的是　煤油　；若使两者升高相同的温度，则　水　吸收的热量较多．由此得出物质的吸热能力与物质的种类有关．

考点：探究比热容的实验．.
专题：探究型实验综合题．
分析：（1）用相同的酒精灯对液体加热，在相等时间内液体吸收的热量相等．
（2）分析表中实验数据，根据实验数据分析答题．
解答：解：（1）用相同的酒精灯对水与煤油加热，在相等时间内，水与煤油吸收的热量相等，可以用加速时间反应液体吸收热量的多少．
（2）由表中实验数据可知，质量相等的煤油和水吸收相等热量，升温较快的是煤油；若使两者升高相同的温度，水需要加热更长的时间，水吸收的热量较多．
故答案为：（1）吸收的热量；（2）煤油；水．
点评：本实验采用了控制变量法，在研究设计多个量的问题时，为了研究某两个量间的关系，要控制除这两个量外的其它各量保持不变，这就是控制变量法，在实验中要注意控制变量法的应用，灵活应用控制变量法即可正确解题．
　
29．（6分）（2016•巴中）在探究液体压强的实验中，进行了如图所示的操作：

（1）实验中，探究液体压强的工具是　U型压强计　．
（2）由丙、丁两图进行实验对比，得出液体压强与盛液体的容器形状　无关　（选填“有关”或“无关”）．
（3）甲、乙两图是探究液体压强与　深度　的关系，结论是：　液体内部压强随着深度的增加而增大　．
（4）要探究液体压强与密度的关系，应选用　乙丙　两图进行对比．
（5）在图乙中，固定金属盒的橡皮膜在水中的深度，使金属盒处于向上、向下、向左、向右等方位时，两玻璃管中液面高度差不变，说明了在液体内部同一深度处，液体向各个方向的压强大小　相等　．

考点：探究液体压强的特点实验．.
专题：探究型实验综合题．
分析：（1）在初中物理学中，研究液体内部压强特点的工具是U型压强计，本题用到了物理上常用的研究方法??转换法．用手按压强计的橡皮膜，U型管内水面出现高度差；即将液体压强的大小转化为U型管中液面的高度差．
（2）（3）（4）液体内部压强与液体的密度和液体的深度有关，与容器的形状无关，在探究影响液体内部压强的因素时，需要用到控制变量法．
（5）液体内部压强的特点是：液体内部压强随着深度的增加而增大，同一深度，液体内部向各个方向的压强相等，不同液体内部的压强还与液体的密度有关．
解答：解：（1）由图可知，用来探究液体内部压强的特点的工具是U型压强计，实验时把金属盒放入水中，通过观察两管中水面的高度差就可以反映橡皮膜受到水的压强的大小；
（2）丙和丁液体密度相同，探头在液体中的深度相同，容器形状不同，U型管中液面的高度差相同，说明液体压强与盛液体的容器形状无关；
（3）甲、乙两图液体的密度相同，探头在液体中的深度不同，U型管中液面的高度差不同，说明液体压强与有关，并且液体内部压强随着深度的增加而增大；
（4）要探究压强与液体密度的关系，应使探头深度相同，液体密度不同，所以应选择乙丙两图．
（5）在图乙中，固定金属盒的橡皮膜在水中的深度，使金属盒处于向上、向下、向左、向右等方位时，两玻璃管中液面高度差不变，说明了在液体内部同一深度处，液体向各个方向的压强大小相等．
故答案为：
（1）U型压强计；
（2）无关；
（3）深度；液体内部压强随着深度的增加而增大；
（4）乙丙；
（5）相等．
点评：此题考查的是我们对于液体压强计的了解以及液体内部压强的影响因素．注意物理实验中研究方法??转换法和控制变量法的运用．液体压强是中考必考的一个知识点，需要掌握．
　
30．（7分）（206•巴中）如图所示，小明同学在“测未知电阻Rx”的实验中．

（1）连接电路时，开关应　断开　．请用笔画线代替导线，根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整．
（2）闭合开关前，图乙中滑动变阻器的滑片P应位于　B　（填“A”或“B”）端．
（3）闭合开关后，发现电流表指针几乎不动，电压表示数约为电源电压，故障的原因是　Rx断路　（选填“Rx短路”或“Rx断路”）．
（4）排除故障后，小明通过实验得到数据如下表所示，其中第1次实验的电流表示数如图丙所示，为　0.1　A，则所测电阻Rx的值是　10　Ω．
实验序号123
电阻R/Ω
电压U/V1.01.52.0
电流I/A0.150.20
（5）若在实验中，电压表不能使用，滑动变阻器最大阻值为R0，当滑片置于最左端时，电流表示数为I1，滑片P置于最右端时，电流表示数为I2，则未知电阻的表达式：Rx=　R0　．

考点：伏安法测电阻的探究实验．.
专题：测量型实验综合题．
分析：（1）为了保护电路，连接电路时，开关应断开，分析图甲所示电路结构，明确各电路元件的连接方式，然后连接实物电路图．
（2）为保护电路，闭合开关前，将滑片移至最大阻值处；
（3）电压表有示数，电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的；
电流表的指针几乎不偏转说明是某处断路，
（4）根据电压表的量程和分度值读出示数，根据欧姆定律结合表中数据可得电阻的阻值；
（5）分析电路图，P移至最左端，滑动变阻器连入电阻为0，电路中只有Rx，根据欧姆定律可求电源电压；
P移至最右端，滑动变阻器全连入，R0和Rx串联，根据欧姆定律可求电源电压；
根据电源电压不变列方程求解．
解答：解：（1）连接电路时，开关应断开，
由图甲所示电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表与定值电阻并联，电流表串联在电路中，根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示．

（2）由图知，滑动变阻器的下面接了左边的A接线柱，所以闭合开关前，应将滑片移至最右即B端，使其阻值最大；
（3）若Rx被短路，电压表示数为电源电压，电流表应该有示数，若Rx断路，电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的，电压表示数约为电源电压；电压表的电阻无限大，使得电路中的电流很小，电流表的指针几乎不偏转，
（4）由图丙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.1A；
由I=可得，电阻的阻值：R===10Ω；
（5）P移至最左端，滑动变阻器连入电阻为0，电路中只有Rx，
根据欧姆定律可得：
U=I1Rx；?????①
P移至最右端，滑动变阻器全连入，R0和Rx串联，
根据欧姆定律可得：
U=I2（R0+Rx），????②
电源电压不变，由①②得：
I1Rx=I2（R0+Rx），
解得：
Rx=R0．
故答案为：（1）断开；见上图；（2）B；（3）Rx断路；（4）0.1；10；（5）R0．
点评：本题是伏安法测电阻的实验，考查了电路故障分析、电流表读数、实验数据分析等问题，这些都是电学实验的基础，也是重点，应熟练掌握．
　
四、计算解答题（第43题6分，第44题8分，共14分）
31．（6分）（2016•巴中）如图所示，搬运工人用滑轮组提升重540N的物体，所用的拉力F为200N，物体以0.2m/s的速度匀速上升了10秒，（不计绳重，绳与滑轮的摩擦）求：
（1）物体上升的高度；
（2）拉力F所做的功；
（3）若物重只有240N，滑轮组的机械效率．

考点：功的计算；滑轮（组）的机械效率．.
专题：功、功率、机械效率．
分析：（1）已知物体以的速度匀速上升了10秒，利用速度公式变形可求得物体上升的高度；
（2）由图可知，重物由3段绳子承担，故s=3h，利用W=Fs可求得拉力F所做的功；
（3）根据所用的拉力F，可求得动滑轮的重力，根据W=Gh可求得有用功，利用η=可求得滑轮组的机械效率．
解答：解：（1）由v=可得，物体上升的高度h=vt=0.2m/s×10s=2m；
（2）由图可知，重物由3段绳子承担，故s=3h=3×2m=6m，
则拉力F所做的功W总=Fs=200N×6m=1200J，
（3）F=G总，200N=（540N+G动），
解得G动=60N，
W有用=Gh=240N×2m=480J，
F′=（+G动）=（240N+60N）=100N，
=F′s=100N×6m=600J
η=×100%=×100%=80%．
答：（1）物体上升的高度为2m；
（2）拉力F所做的功为1200J；
（3）若物重只有240N，滑轮组的机械效率80%．
点评：此题涉及到速度公式变形的应用，功的计算、机械效率的计算等多个知识点，是一道综合性较强的题目．
　
32．（8分）（2016•巴中）如图所示的电路中，电源电压U=3V，R1=3Ω，R2=2Ω．求：
（1）只闭合S1时，通过R2的电流是多大？
（2）只闭合S2时，通电20s的时间内电流通过R1产生的电热是多少？
（3）开关通断情况发生变化，整个电路消耗的最小电功率P和最大电功率P′之比是多少？

考点：欧姆定律的应用；电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用．.
专题：欧姆定律；电能和电功率；电与热、生活用电．
分析：（1）分析清楚电路结构，应用欧姆定律可以求出电流．
（2）分析清楚电路结构，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出电路电流，然后由焦耳定律可以求出电阻产生的热量．
（3）分析清楚电路结构，求出最大与最小功率，然后求出其比值．
解答：解：（1）由图示电路图可知，只闭合S1时，只有电阻R2接入电路，
通过电阻R2的电流I===1.5A；
（2）由图示电路图可知，只闭合S2时，两电阻串联，
此时电路电流I′===0.6A，
电阻R1通电t=20s产生的热量：
Q=I′2R1t=（0.6A）2×3Ω×20s=21.6J；
（3）由图示电路图可知，只闭合S1时，只有电阻R2接入电路，此时整个电路消耗的功率最大，
由图示电路图可知，只闭合S2时，两电阻串联，此时电路总电阻最大，整个电路消耗的总功率最小，
最小与最大电功率之比：====；
答：（1）只闭合S1时，通过R2的电流是0.6A；
（2）只闭合S2时，通电20s的时间内电流通过R1产生的电热是21.6J；
（3）开关通断情况发生变化，整个电路消耗的最小电功率P和最大电功率P′之比是2：5．
点评：本题是一道电学综合题，分析清楚电路结构是正确解题的关键，应用欧姆定律、串联电路特点与电功率公式即可解题．